Coding

문제 설명

일반적인 프린터는 인쇄 요청이 들어온 순서대로 인쇄합니다. 그렇기 때문에 중요한 문서가 나중에 인쇄될 수 있습니다. 이런 문제를 보완하기 위해 중요도가 높은 문서를 먼저 인쇄하는 프린터를 개발했습니다. 이 새롭게 개발한 프린터는 아래와 같은 방식으로 인쇄 작업을 수행합니다.

1. 인쇄 대기목록의 가장 앞에 있는 문서(J)를 대기목록에서 꺼냅니다. 2. 나머지 인쇄 대기목록에서 J보다 중요도가 높은 문서가 한 개라도 존재하면 J를 대기목록의 가장 마지막에 넣습니다. 3. 그렇지 않으면 J를 인쇄합니다.

예를 들어, 4개의 문서(A, B, C, D)가 순서대로 인쇄 대기목록에 있고 중요도가 2 1 3 2 라면 C D A B 순으로 인쇄하게 됩니다.

내가 인쇄를 요청한 문서가 몇 번째로 인쇄되는지 알고 싶습니다. 위의 예에서 C는 1번째로, A는 3번째로 인쇄됩니다.

현재 대기목록에 있는 문서의 중요도가 순서대로 담긴 배열 priorities와 내가 인쇄를 요청한 문서가 현재 대기목록의 어떤 위치에 있는지를 알려주는 location이 매개변수로 주어질 때, 내가 인쇄를 요청한 문서가 몇 번째로 인쇄되는지 return 하도록 solution 함수를 작성해주세요.

제한사항

• 현재 대기목록에는 1개 이상 100개 이하의 문서가 있습니다.
• 인쇄 작업의 중요도는 1~9로 표현하며 숫자가 클수록 중요하다는 뜻입니다.
• location은 0 이상 (현재 대기목록에 있는 작업 수 - 1) 이하의 값을 가지며 대기목록의 가장 앞에 있으면 0, 두 번째에 있으면 1로 표현합니다.

입출력 예

prioritieslocationreturn

입출력 예 설명

예제 #1

문제에 나온 예와 같습니다.

예제 #2

6개의 문서(A, B, C, D, E, F)가 인쇄 대기목록에 있고 중요도가 1 1 9 1 1 1 이므로 C D E F A B 순으로 인쇄합니다.

Solution.java

import java.util.*;

class Solution {
    public int solution(int[] priorities, int location) {
        int answer = 0;
        ArrayList<Integer> queue= new ArrayList<>();
        for(int a : priorities)
            queue.add(a);
        
        while(true){
            //프린트를 하는 경우 
            if(MaxIndex(queue)==0){
                answer++;
                if(location==MaxIndex(queue))
                    break;
            queue.remove(0);
            location=nextIndex(queue.size(), location);
            }
            //프린트를 안하는 경우 
            else{
                location=nextIndex(queue.size(), location);
                queue.add(queue.get(0));
                queue.remove(0);
                
            }
        }
        
        return answer;
    }
    public static int MaxIndex(ArrayList<Integer> priorities){
        int max=0;
        for(int i=1; i<priorities.size();i++){
            if(priorities.get(max)<priorities.get(i)){
                max=i;
            }
        }
        return max;
    }
    public static int nextIndex(int size, int location){
        if(location==0)
            location=size-1;
        else location--;
        return location;
    }
}

코드소개 

우선 프린트를 하는 경우와 프린트를 안하는 경우로 나누어 생각한다. 

프린트를 하는 경우는 우선순위가 가장 큰 요소가 0번째 인덱스에 있는 경우이다.

이때 인쇄되는 문서의 수(answer의 값)를 증가시키고 해당 문서를 큐에서 삭제하고 다음 인덱스를 가리키도록 한다. 

이때 프린트를 하는 문서가 타겟 문서였다면 반복문에서 빠져나온다. 

프리린크를 하지 않는 경우는 우선순위가 낮은 요소가 0번째 인덱스에 있는 경우이다. 

이경우 0번째 인덱스를 큐의 끝에 넣고 다음 인덱스를 가리키도록한다. 

어려웠던 점
1. 반복문의 중단점 정하기 
처음에 location과 MaxIndex 함수를 잘못 구현해서 
계속 무한 루프에 빠지는 문제가 발생했었다. 

2. MaxIndex, location 구하기 
priorities 배열을 ArrayList로 바꿨기 때문에 
MaxIndex와 locaion을 모두 ArrayList로 구해야한다. 

문제 설명

프로그래머스 팀에서는 기능 개선 작업을 수행 중입니다. 각 기능은 진도가 100%일 때 서비스에 반영할 수 있습니다.

또, 각 기능의 개발속도는 모두 다르기 때문에 뒤에 있는 기능이 앞에 있는 기능보다 먼저 개발될 수 있고, 이때 뒤에 있는 기능은 앞에 있는 기능이 배포될 때 함께 배포됩니다.

먼저 배포되어야 하는 순서대로 작업의 진도가 적힌 정수 배열 progresses와 각 작업의 개발 속도가 적힌 정수 배열 speeds가 주어질 때 각 배포마다 몇 개의 기능이 배포되는지를 return 하도록 solution 함수를 완성하세요.

제한 사항

• 작업의 개수(progresses, speeds배열의 길이)는 100개 이하입니다.
• 작업 진도는 100 미만의 자연수입니다.
• 작업 속도는 100 이하의 자연수입니다.
• 배포는 하루에 한 번만 할 수 있으며, 하루의 끝에 이루어진다고 가정합니다. 예를 들어 진도율이 95%인 작업의 개발 속도가 하루에 4%라면 배포는 2일 뒤에 이루어집니다.

입출력 예

progressesspeedsreturn

입출력 예 설명

입출력 예 #1
첫 번째 기능은 93% 완료되어 있고 하루에 1%씩 작업이 가능하므로 7일간 작업 후 배포가 가능합니다.
두 번째 기능은 30%가 완료되어 있고 하루에 30%씩 작업이 가능하므로 3일간 작업 후 배포가 가능합니다. 하지만 이전 첫 번째 기능이 아직 완성된 상태가 아니기 때문에 첫 번째 기능이 배포되는 7일째 배포됩니다.
세 번째 기능은 55%가 완료되어 있고 하루에 5%씩 작업이 가능하므로 9일간 작업 후 배포가 가능합니다.

따라서 7일째에 2개의 기능, 9일째에 1개의 기능이 배포됩니다.

입출력 예 #2
모든 기능이 하루에 1%씩 작업이 가능하므로, 작업이 끝나기까지 남은 일수는 각각 5일, 10일, 1일, 1일, 20일, 1일입니다. 어떤 기능이 먼저 완성되었더라도 앞에 있는 모든 기능이 완성되지 않으면 배포가 불가능합니다.

따라서 5일째에 1개의 기능, 10일째에 3개의 기능, 20일째에 2개의 기능이 배포됩니다.

Solution.java

import java.util.*;
class Solution {
    public int[] solution(int[] progresses, int[] speeds) {
        ArrayList<Integer> list = new ArrayList<>();
        
        int[] day = new int[progresses.length];
        
        //각 개발이 완료되는데 걸리는 시간 
        for(int i=0; i<progresses.length;i++)
            day[i]=(int)Math.ceil((double)(100-progresses[i])/speeds[i]);            
        
        //배포되는 기능의 수 구하기 
        int max=day[0], release=1;
        for(int i=1;i<day.length;i++){
            if(max<day[i]){
                max=day[i];
                list.add(release);
                release=1;
            }
            else release++;
        }
        list.add(release);
        
        int[] answer= new int[list.size()];
        for(int i=0;i<answer.length;i++)
            answer[i]=list.get(i);
        return answer;
    }
}

코드 설명 
각 기능의 개발이 완료되는 데 걸리는 시간을 구하여 day 배열에 저장한다. 
배포되는 기능의 수는 day의 원소의 값을 비교하여 구했다. 

우선 첫 번째 원소의 값을 max에 저장하고 다음 원소와 max의 값을 비교한다. 
만약 앞의 기능 개발이 완료되는 데 걸리는 값(max)보다 다음 기능 개발이 완료되는 데 걸리는 기간(dy[i])이 더 오래 걸린다면, 지금 시점에서 개발이 완료된 기능이 모두 배포된다. 
따라서 배포될 기능이 수인 release를 list에 추가하고 release의 값을 1로 설정한다.

만약 뒤의 기능 개발 시간보다 앞의 기능 개발 시간보다 더 오래걸린다면,  뒤의 기능은 앞의 기능 개발이 완료되는 시점에 배포되어야하므로  배포될 기능의 수를 의미하는 release값을 1증가한다. 

list에 마지막으로 배포되는 기능의 수를 추가하면,
각 배포시에 배포되는 기능을 구할 수 있다. 

ArrayList 대신 Stack을 사용할 경우, answer배열의 끝부터 Stack의 값을 저장하면 된다. 

문제 설명

트럭 여러 대가 강을 가로지르는 일 차선 다리를 정해진 순으로 건너려 합니다. 모든 트럭이 다리를 건너려면 최소 몇 초가 걸리는지 알아내야 합니다. 트럭은 1초에 1만큼 움직이며, 다리 길이는 bridge_length이고 다리는 무게 weight까지 견딥니다.

※ 트럭이 다리에 완전히 오르지 않은 경우, 이 트럭의 무게는 고려하지 않습니다.

예를 들어, 길이가 2이고 10kg 무게를 견디는 다리가 있습니다. 무게가 [7, 4, 5, 6]kg인 트럭이 순서대로 최단 시간 안에 다리를 건너려면 다음과 같이 건너야 합니다.

경과 시간다리를 지난 트럭다리를 건너는 트럭대기 트럭

따라서, 모든 트럭이 다리를 지나려면 최소 8초가 걸립니다.

solution 함수의 매개변수로 다리 길이 bridge_length, 다리가 견딜 수 있는 무게 weight, 트럭별 무게 truck_weights가 주어집니다. 이때 모든 트럭이 다리를 건너려면 최소 몇 초가 걸리는지 return 하도록 solution 함수를 완성하세요.

제한 조건

• bridge_length는 1 이상 10,000 이하입니다.
• weight는 1 이상 10,000 이하입니다.
• truck_weights의 길이는 1 이상 10,000 이하입니다.
• 모든 트럭의 무게는 1 이상 weight 이하입니다.

입출력 예

bridge_lengthweighttruck_weightsreturn

Solution.java 

import java.util.*;

class Solution {
    public int solution(int bridge_length, int weight, int[] truck_weights) {
        int answer = 0;
        Bridge bridge = new Bridge(bridge_length, weight);
        Car[] car = new Car[truck_weights.length];
        
        for(int i=0; i<truck_weights.length; i++)
            car[i] = new Car(truck_weights[i]);
                
        //대기중인 차가 다리위에 올라가는 데 걸리는 시간
        for(int i=0; i<car.length;){
            answer++;          
            bridge.move();
            bridge.out();
            
            if(bridge.in(car[i]))
                i++;
        }
        
        //대기중이 트럭이 없고 
        //다리위의 모든 트럭이 다리를 건너는 데 걸리는 시간 
        while(!bridge.isEmpty()){
            answer++;
            bridge.move();
            bridge.out();
        }
        
        return answer;
    }
}

class Car {
    private int weight;
    private int move;
    Car(int w){
        this.weight=w; this.move=0;
    }
    public int getMove(){
        return move;
    }
    public void setMove(int move){
        this.move=move;
    }
    public int getWeight(){
        return weight;
    }
    public String toString(){
        return Integer.toString(weight);
    }
}

class Bridge {
    private Queue<Car> bridge = new LinkedList<Car>();
    private int length;
    private int sum;
    private int weight;
    Bridge(int length, int weight){
        this.length=length; sum=0; this.weight= weight;
    }
    public boolean in(Car car){
        if(car.getWeight()+sum<=weight){
            sum+=car.getWeight();
            bridge.add(car);
            return true;
        }
        else return false;
    }
    public void out(){
        if(bridge.isEmpty())
            return;
        if(bridge.peek().getMove()==length){       
            sum-=bridge.peek().getWeight();
            bridge.remove();
        }
    }
    public void move(){
        for (Car c : bridge)
            c.setMove(c.getMove()+1);
    }
    public boolean isEmpty(){
        if (bridge.isEmpty()) return true;
        else return false;
    }
    public String toString(){
        return bridge.toString();
    }
    
}

코드 설명

Car와 Bridge 클래스를 만든다.

Car 클래스는 차의 무게와 움직인 거리를 저장하는 private변수가 있으며, 이 변수에 접근할 수 있는 메소드가 있다. 

Bridge 클래스는 다리에 올라간 차를 저장할 수 있는 큐와 다리의 길이, 다리에 올라간 차 무게의 합, 다리가 견딜 수 있는 무게에 대한 변수가 있다. 또한, 차가 들어오고 나가는 것에 대한 메소드와, 차에 올라간 차를 움직일 수 있는 메소드, 다리가 비었는지 판단하는 메소드가 있다. 

우선 1초를 증가시키고, 다리에 있는 차를 모두 1만큼 이동한다. (SetMove()메소드를 통해 move값 증가)

다리의 길이를 넘어선 차는 out 메소드에서 삭제한다.

마지막으로 대기중인 차를 주어진 조건에 따라 다리에 올린다 (Car형 변수를 Brige의 in메소드를 통해 큐에 넣는다)

대기중인 차가 모두 다리에 올라가면, 다리에 있는 차가 모두 다리를 빠져나갈때까지 기다린다. 

어려웠던점
1. 차가 움직이는 것을 어떻게 구현할 것인가
트럭이 1초에 1만큼 움직이기 때문에 모든 작동을 1초 단위로 생각해야 했다. 
처음에는 클래스를 따로 구현하지 않아, 차가 움직인 거리를 기억해둘 수가 없었다. 

트럭과 다리 클래스를 따로 구현하자 문제는 비교적 쉽게 풀렸지만,
문제를 풀기까지는 오랜 시간이 걸렸다. 

문제 설명

초 단위로 기록된 주식가격이 담긴 배열 prices가 매개변수로 주어질 때, 가격이 떨어지지 않은 기간은 몇 초인지를 return 하도록 solution 함수를 완성하세요.

제한사항

• prices의 각 가격은 1 이상 10,000 이하인 자연수입니다.
• prices의 길이는 2 이상 100,000 이하입니다.

입출력 예

pricesreturn

입출력 예 설명

• 1초 시점의 ₩1은 끝까지 가격이 떨어지지 않았습니다.
• 2초 시점의 ₩2은 끝까지 가격이 떨어지지 않았습니다.
• 3초 시점의 ₩3은 1초뒤에 가격이 떨어집니다. 따라서 1초간 가격이 떨어지지 않은 것으로 봅니다.
• 4초 시점의 ₩2은 1초간 가격이 떨어지지 않았습니다.
• 5초 시점의 ₩3은 0초간 가격이 떨어지지 않았습니다.

Solution.java 

import java.util.*;

class Solution {
    public int[] solution(int[] prices) {
        ArrayList<Integer> list = new ArrayList<>();
        int check=0;
        
        for(int i=0; i<prices.length;i++){
            check=0;
            for(int j=i+1; j<prices.length;j++){
                if(prices[i]<=prices[j])
                    check++;
                else {check++; break;}
            }
            list.add(check);
        }
        
        int[] answer = new int[list.size()];
        for(int i=0; i<answer.length;i++)
            answer[i]=list.get(i);
        return answer;
    }
}

코드 설명 및 어려웠던 점
i번째 요소와 그 다음 요소들을 비교하여 가격이 상승하거나 같으면 check를 증가시키고 가격이 하락하면 break를 통해 반복문에서 빠져나온다. 

처음에는 break문을 걸지 않아, 가격이 하락하고도 그 이후의 값과 i번째 요소를 비교하여 원하지 않는 값이 반환되었다. 

스택/큐와 관련된 문제이므로 아래는 스택을 이용한 코드이다.

import java.util.*;

class Solution {
    public int[] solution(int[] prices) {
        Stack<Integer> stack = new Stack<>();
        int check=0;
        for(int i=0; i<prices.length;i++){
            check=0;
            for(int j=i+1; j<prices.length;j++){
                if(prices[i]<=prices[j])
                    check++;
                else {check++; break;}
            }
            stack.push(check);
        }
               
        int[] answer = new int[stack.size()];
        for(int i=answer.length-1; i>=0&&!stack.isEmpty();i--)
            answer[i]=stack.pop();
        
        return answer;
    }
}